差别

这里会显示出您选择的修订版和当前版本之间的差别。

--- 2020-2021:teams:hotpot:circuit [2020/05/20 20:28]
misakatao 更新
+++ 2020-2021:teams:hotpot:circuit [2020/05/20 21:05] (当前版本)
misakatao 更新
@@ 行 30: / 行 30: @@
 这一方法非常显然，找到一个正确的起点开始DFS，走不通了就回溯，在栈中记录下经过的边的顺序，当走完所有边时结束算法即可。
+<code cpp>
+#include <map>
+#include <set>
+#include <ctime>
+#include <cmath>
+#include <stack>
+#include <queue>
+#include <vector>
+#include <cstdio>
+#include <cstdlib>
+#include <cstring>
+#include <iostream>
+#include <algorithm>
+using namespace std;
+const int maxn = 10000 + 5;
+const int maxm = 100000 + 5;
+int N;//点数
+int M;//边数
+int in[maxn], out[maxn];//点的出入度
+int flag;//是否找到答案
+int F[maxn], nxt[maxm << 1], v[maxm << 1], ban[maxm << 1], EID = 0;//邻接表，注意因为要ban掉反边所以从0开始编号
+int st;//起点
+int stk[maxm], top = 0;//记录路径
+inline void add(int f, int t)
+{
+	nxt[EID] = F[f];
+	v[EID] = t;
+	F[f] = EID++;
+}
+inline void dfs(int x)
+{
+	stk[++top] = x;
+	if(top == M + 1)
+	{
+		for(int i = 1;i <= top;++i)
+			printf("%d ", stk[i]);
+		printf("\n");
+		flag = true;
+		return;
+	}
+	for(int i = F[x];i != -1;i = nxt[i])
+	{
+		if(ban[i])
+			continue;
+		ban[i] = 1;
+		ban[i ^ 1] = 1;
+		dfs(v[i]);
+		ban[i] = 0;
+		ban[i ^ 1] = 0;
+		if(flag)
+			return;
+	}
+	--top;
+}
+int main()
+{
+	memset(F, -1, sizeof F);
+	scanf("%d%d", &N, &M);
+	for(int i = 1;i <= M;++i)
+	{
+		int u, v;
+		scanf("%d%d", &u, &v);
+		add(u, v);
+		add(v, u);
+		++in[v], ++out[u];
+	}
+	for(int i = 1;i <= N;++i)//找到起点
+		if(out[i] & 1)
+		{
+			st = i;
+			break;
+		}
+	if(st == 0)//若全都出度等于入度说明有欧拉回路，可以从任意一个点开始
+		st = 1;
+	dfs(st);
+	return 0;
+}
+</code>
+**方法二：Fleury算法**
+设$G$为一无向欧拉图，求$G$中的一个欧拉回路。
+(1)首先，任取$G$中的一个顶点$V_0$，令$P_0=V_0$。
+(2)假设沿$P_i=V_0e_1V_1e_2V_2 ... e_iV_i$走到顶点$V_i$，按照下面的方法从集合$E(G)-\{e_1,e_2 ... e_i\}$中选取$e_{i+1}$。
+(a)$e_{i+1}$与$V_i$相关联
+(b)除非没有边可以选择，否则$e_{i+1}$不是$G-\{e_1,e_2 ... e_i\}$中的桥。
+(3)当(2)不能继续进行时结束算法。
+<del>先研究一下边表写法</del>代码看[[https://www.cnblogs.com/Lyush/archive/2013/04/22/3036659.html|这篇博客]]
+======哈密顿回路问题======
+=====定义=====
+哈密顿回路指的是一个回路通过图的每个点一次且仅一次，每条边最多一次的回路。
+=====判定=====
+**Dirac定理(充分条件)**
+设一个无向图中有$N$个顶点，若所有顶点的度数大于等于$\frac{N}{2}$，则哈密顿回路一定存在。($\frac{N}{2}$指的是$[\frac{N}{2}]$，向上取整)。
+**必要条件**
+设图$G=\langle V,E \rangle$是哈密顿图，则对于$V$的任意一个非空子集$S$，若以$|S|$表示$S$中元素的数目，$G-S$表示$G$中删除了$S$中的点以及这些点所关联的边后得到的子图，则$W(G-S) \le |S|$成立。其中$W(G-S)$是$G-S$中连通分量数。
+**$N(N \ge 2)$阶竞赛图一定有哈密顿回路。**（竞赛图是通过在无向完整图中为每个边分配方向而获得的有向图）
+=====求解=====
+由Dirac定理为前提构造
+(1) 任意找两个相邻的节点$S$和$T$，在其基础上扩展出一条尽量长的没有重复结点的路径。即如果$S$与结点$v$相邻,而且$v$不在路径$S \rightarrow T$上,则可以把该路径变成$v \rightarrow S \rightarrow T$，然后$v$成为新的$S$。从$S$和$T$分别向两头扩展，直到无法继续扩展为止，即所有与$S$或$T$相邻的节点都在路径$S \rightarrow T$上。
+(2) 若$S$与$T$相邻，则路径$S \rightarrow T$形成了一个回路。
+(3) 若S与T不相邻,可以构造出来一个回路。设路径$S \rightarrow T$上有$k + 2$个节点，依次为$S, v1, v2 ... vk, T$。可以证明存在节点$v_i(i \in [1, k])$，满足$v_i$与$T$相邻，且$v_{i+1}$与S相邻。找到这个节点$v_i$，把原路径变成$S \rightarrow v_i \rightarrow T \rightarrow v_{i+1} \rightarrow S$，即形成了一个回路。
+(4) 到此为止，已经构造出来了一个没有重复节点的的回路，如果其长度为N，则哈密顿回路就找到了。如果回路的长度小于$N$，由于整个图是连通的，所以在该回路上，一定存在一点与回路之外的点相邻。那么从该点处把回路断开，就变回了一条路径，同时还可以将与之相邻的点加入路径。再按照步骤1的方法尽量扩展路径，则一定有新的节点被加进来。接着回到步骤(2)。
+时间复杂度为$O(n^2)$。代码可以看[[https://www.cnblogs.com/Ash-ly/p/5452580.html|这篇博客]]

CVBB ACM Team

用户工具

站点工具

差别

页面工具