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--- 2020-2021:teams:i_dont_know_png:multi2020-nowcoder-9 [2020/08/08 17:37]
nikkukun [nikkukun]
+++ 2020-2021:teams:i_dont_know_png:multi2020-nowcoder-9 [2020/08/10 22:44] (当前版本)
qxforever
@@ 行 6: / 行 6: @@
-===== A -  =====
+===== A - Groundhog and 2-Power Representation =====
 Solved by .
@@ 行 16: / 行 16: @@
+===== B - Groundhog and Apple Tree =====
+Solved by qxforever.
+==== 题目描述 ====
+给一棵 $n$ 个点的树，第一次经过一个点可以回复 $a_i$ 点血量，经过一条边消耗 $w_i$ 点血量，休息一次恢复 $1$ 点血量。初始在 1 号点，hp 为 0。问按某种 dfs 序访问所有点再回到 1 号点最少需要休息几次。 $\sum n \le 10^6$
+==== 解题思路 ====
+考虑 dp，设 $f_i$ 为在 $i$ 号点 hp 为 $0$ 时遍历 $i$ 的子树需要的休息次数，$g_i$ 为 $i$ 的子树的 点权 $-$ 边权。休息次数可以转化为访问过程中 hp 最小值的相反数。
+对于儿子 $j$ ，将最多花费 $f_j+w+\max(w-f_j-g_j,0)$ 点 hp，回复 $g_j-2w$ 点 hp ，记为 $(u_j,v_j)$，问题在于如何决策访问儿子的顺序。将儿子分为访问过后 hp 增加的和不增加的两组。
+首先访问 $v\ge 0$ 的儿子，我们按照 $u$ 递增的顺序访问，维护 hp 的最小值。因为每次访问后 hp 都会增加，因此这样的顺序是最优的。
+对于 $v< 0$ ，我们需要按照 $u+v$ 递减的顺序访问。简单证明如下：设两点 $(u_1,v_1)$，$(u_2,v_2)$，当前 hp 为 $c$ 。若在不休息的情况下只能先访问 1 后访问 2，有 $u_2\le c+v_1$，$u_1 > c+v_2$，即 $u_2+v_2\le c < u_1+v_1$ 。一个例子是 hp 为 $6$ ，两对为 $(5,-3),(4,-1)$。
+时间复杂度 $O(n\log n)$
+===== C - Groundhog and Gaming Time =====
+Upsolved by nikkukun.
+==== 题目描述 ====
+给定 $n \leq 5 \times 10^5$ 个区间 $[l_i, r_i]$，每个区间都会独立地以 $\dfrac 12$ 的概率被选中，求所有被选中的区间的交集长度的平方和的期望。
+注意这里 $[L, R]$ 的长度是按 $R - L + 1$ 算，出题人不会好好说话，被坑了。
+==== 解题思路 ====
+令所有区间端点在数轴的投影将数轴分割成了长度为 $s_1, s_2, \ldots, s_m$ 的 $m$ 个连续的线段，记 $p_i \in \{0, 1\}$ 表示其中的线段 $i$ 是否在结果的交集中，则题目求的是
+$$
+\begin{aligned}
+E \left[ \left( \sum_{i=1}^m s_i p_i \right)^2 \right]
+&= E \left[ \sum_{i=1}^m ( s_i p_i)^2 + \sum_{i \neq j} s_i p_i \cdot s_j p_j \right]    \\
+&= \sum_{i=1}^m E \left(s_i^2 \cdot p_i \right) + \sum_{i \neq j} E \left(  s_i s_j \cdot p_i p_j \right)
+\end{aligned}
+$$
+对于前面那部分，如果有 $k$ 个原来的线段覆盖了 $s_i$，那么在所有 $2^n$ 种情况里，只有恰好 $2^k - 1$ 种区间选择方法可以让 $p_i = 1$ 有贡献 $\dfrac {2^k - 1}{2^n} \cdot s_i^2$，否则为 $0$。这部分可以直接 $O(n)$ 枚举计算。
+后面的部分类似，假设有 $k$ 个线段恰好能覆盖掉 $s_i$ 和 $s_j$，那么只有恰好 $2^k - 1$ 种区间选择方法可以让 $p_i = p_j = 1$ 有贡献 $\dfrac {2^k - 1}{2^n} \cdot s_i s_j$，否则为 $0$。
+为了不暴力枚举 $i, j$ 计算后面的部分，考虑从小到大枚举 $j$，一次计算 $i < j$ 的所有 $i$ 的贡献。假设我们有一个线段树维护了 $i \in [1, j)$ 之间，既覆盖了 $s_j$ 又覆盖了 $s_i$ 的原线段个数 $k_i$，那么也可以同时维护 $\dfrac {2^{k_i} - 1}{2^n} \cdot s_i s_j$ 之和，单独把那个 $1$ 提出来后就能维护。每次从 $j$ 移动到 $j+1$ 时，更新 $s_{j+1}$ 导致的区间 $k$ 的增减即可计算答案。
+总时间复杂度 $O(n \log n)$。
+===== E - Groundhog Chasing Death =====
+Solved by nikkukun.
+==== 题目描述 ====
+计算
+$$
+\prod _{i=a}^b \prod _{i=c}^d \gcd(x^i, y^j) \bmod 998244353
+$$
+其中 $0 \leq a, b, c, d \leq 3 \times 10^6$，$1 \leq x, y \leq 10^9$。
+==== 解题思路 ====
+为了方便表述，记 $A = \max\{a, b, c, d\},\ B = \max\{x, y\}$。
+考虑每个质因子 $p$ 对指数的贡献，并令 $s, t$ 为使得 $p^s \mid x$ 与 $p^t \mid y$ 成立的最大整数，则贡献为
+$$
+\sum _{i=a}^b \sum _{i=c}^d \min(si, tj) = \sum _{u=1}^{\infty} \left(\sum _{i=a}^b [u \leq si]\right) \left(\sum _{i=c}^d [u \leq tj]\right)
+$$
+这一部分暴力枚举 $u$ 可以做到 $O(A \log B)$，而由于使得 $s, t > 0$ 的质数 $p$ 只有 $O(\log B)$ 个，故对每个有贡献的质数都计算一次的总时间复杂度为 $O(A \log^2 B)$。
+另外计算时用容斥把式子拆成四组前缀和的加加减减会好写很多。
+===== F - Groundhog Looking Dowdy =====
+Solved by qxforever.
+==== 题目描述 ====
+$n$ 天，每天有 $k_i$ 件衣服穿，每种衣服有不同的邋遢值。问 $n$ 天邋遢值的差最小是多少。
+==== 解题思路 ====
+将所有衣服按邋遢值排序，从前往后枚举衣服，双指针保证区间内有不同的 $n$ 天的衣服，取个 $\min$ 即可。
+===== I - The Crime-solving Plan of Groundhog =====
+Solved by nikkukun.
+==== 题目描述 ====
+给 $n$ 个数，分成两个部分，每部分没有前导零且是正数，最小化这两个数的乘积并输出。$\sum n \leq 10^6$，所有数都是 $[0, 9]$。
+==== 解题思路 ====
+猜测答案是一位数与剩余能组成的最小的数的乘积，枚举一位数是什么即可。实际上一位数只能是最小的数，可以不枚举。
+===== J - The Escape Plan of Groundhog =====
+Solved by nikkukun.
+==== 题目描述 ====
+给一个 $n \times m$ 的 $01$ 矩阵 $a_{n \times m}$，统计满足条件的子矩阵：
+  - 子矩阵的四边都是 $1$
+  - 除了四边之外，子矩阵的 $0$ 和 $1$ 数量差不超过 $1$
+  - 子矩阵长和宽不小于 $1$
+$n, m \leq 500$。
+==== 解题思路 ====
+一般这种题都是枚举一维的上下两个边界，剩下一维做前缀和处理。对于剩下这维，实际是对依次考虑每个满足全 $1$ 的左边界，寻找有多少全 $1$ 的右边界满足 $[a_{ij} = 1] - [a_{ij} = 0]$ 的前缀和与它的前缀和差不超过 $1$，这里用类似双指针的方法移动就可以维护相关信息。
+总时间复杂度 $O(n^3)$。
+===== K - The Flee Plan of Groundhog =====
+Solved by nikkukun.
+==== 题目描述 ====
+给一个 $10^5$ 结点的树，A 在 $u$ 且速度是 $1$，B 在 $v = n$ 且速度是 $2$。现在 B 抓 A，A 可以到处逃，问最久可以逃多久。
+==== 解题思路 ====
+暴力做，枚举终点 $x$，计算 A 和 B 跑过去会不会在中途相遇（满足 $2 \cdot \mathrm{dist}(u, x) \leq \mathrm{dist}(v, x)$ 就不相遇），顺便计算所需时间即可。
@@ 行 26: / 行 197: @@
   - 做题之前一定要先按题意把样例算一下，避免读错题或者是写错算法的情况发生；
-  - 如果某个算法渐进意义明显超时了，那就不要加优化多次提交了，考虑能不能把复杂度降低一个等级。
+  - 如果某个算法渐进意义明显超时了，那就不要加优化多次提交了，考虑能不能把复杂度降低一个等级；
+  - 数量级很大的时候，不要用 ''map<int, vector<int> >''，会卡爆。
 ==== qxforever ====

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