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2020-2021:teams:die_java:front_page_summertrain5

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BUAA ICPC 2020-2021

比赛网址

训练结果

  • 时间:2020.7.23 12:00~17:00
  • rank:7/17
  • 完成情况：5/6/11

题解

F.Empty Vessels

题意

给了 n 个水杯，可以把水杯装满水或倒完，也可以向另外的杯子倒直至一个杯满或空，问你能否倒出指定体积的水。

题解

首先最大的被子都装不下就不可能实现。我们把最大的杯子当成容器，然后让别的杯子往里倒水，这就变成了一个模意义下的完全背包问题。

代码

代码 

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue>
#define ll long long
using namespace std;
int read()
{
	int k=0,f=1;char c=getchar();
	for(;!isdigit(c);c=getchar()) if(c=='-') f=-1;
	for(;isdigit(c);c=getchar()) k=k*10+c-'0';return k*f;
}
const int N=20055;
int n,A,a[N],f[N],pre[N],P,pos;
queue<int> q;
void print(int x,int cnt)
{
	if(!pre[x]) {printf("%d\n",cnt);return;}
	if(a[pre[x]]<=x)
	{
		print(x-a[pre[x]],cnt+2);
		printf("1 %d\n",pre[x]);
		printf("3 %d %d\n",pre[x],pos);
	}
	else 
	{
		print(x-a[pre[x]]+P,cnt+4);
		printf("1 %d\n",pre[x]);
		printf("3 %d %d\n",pre[x],pos);
		printf("2 %d\n",pos);
		printf("3 %d %d\n",pre[x],pos);
	}
}
int main()
{
	n=read();A=read();
	f[0]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		a[i]=read();
		if(a[i]>P) 
			P=a[i],pos=i;
	}
	if(A==P)
	{
		puts("1");
		printf("1 %d\n",pos);
		return 0;
	}
	q.push(0);
	while(!q.empty())
	{
		int u=q.front();q.pop();
		for(int i=1;i<=n;i++)
			if(!f[(u+a[i])%P])
				f[(u+a[i])%P]=1,pre[(u+a[i])%P]=i,q.push((u+a[i])%P);	
	}
	if(!f[A]) puts("-1");
	else print(A,0);
	return 0;
}

G.Maximum Product

题意

求区间里一个数，使数的每一位的乘积最大。

题解

答案一定为最高几位和右区间的相同，后面就是某一位减一之后全是九，枚举这一位出现的位置求出最大乘积的值。

代码

代码 

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define ll long long
using namespace std;
int read()
{
	int k=0,f=1;char c=getchar();
	for(;!isdigit(c);c=getchar()) if(c=='-') f=-1;
	for(;isdigit(c);c=getchar()) k=k*10+c-'0';return k*f;
}
ll n,m,sum=1,a[20],b[20],ans[105][105],vis[20];
int main()
{
	scanf("%lld%lld",&n,&m);
	while(n) a[++a[0]]=n%10,n/=10;
	while(m) b[++b[0]]=m%10,m/=10;
	int fl=0,fl2=0;
	for(int i=b[0];i;i--)
	{
		if(!fl)
		{
			if(a[i]==b[i]) ans[1][i]=a[i];
			else 
			{
				fl=1;
				ans[1][i]=b[i],vis[i]=1;
			}
		}
		else ans[1][i]=b[i],vis[i]=1;
	}
	for(int i=b[0];i;i--)
	{	
		if(vis[i])
		{
			if(b[i]=0) break;
			sum++;
			for(int j=b[0];j>i;j--)	
				ans[sum][j]=b[j];
			ans[sum][i]=b[i]-1;
			for(int j=i-1;j;j--)
				ans[sum][j]=9;
		}
	}
//	cout<<sum<<endl;
	ll res=-1,pos;
	for(int i=1;i<=sum;i++)
	{
		int st=b[0];ll as=1;
		while(ans[i][st]==0) st--;
		for(;st;st--)
			as*=ans[i][st];
		if(as>res) res=as,pos=i;
	}
	int st=b[0];
	while(ans[pos][st]==0) st--;
	for(;st;st--)
		printf("%d",ans[pos][st]);
	return 0;
}

H.Biathlon 2.0

题意

有$n$组$(a,b)$,$m$组$(c,d)$，对于每一个组$(a_i,b_i)$，选出一个$(c_j,d_j)$,使得$a_i*c_j+b_i*d_j$最小。

题解

首先按$c_i$升序，$d_i$降序排序，把一些没意义的组删去，接下来推一波式子得到$\frac{a_i}{b_i}>\frac{d_k-d_j}{c_j-c_k}$。这个式子的意思是，如果$j,k$满足这个式子，那么对于第$i$组，选$j$就比$k$更优，于是我们对第二类维护一个下凸壳，按照$\frac{a_i}{b_i}$降序排列，然后一个个扫描，取最优值即可。

代码

代码 

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long LL;
typedef pair<LL,LL> PII;
#define X first
#define Y second
inline int read()
{
	int x=0,f=1;char c=getchar();
	while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
	while(isdigit(c)){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
	return x*f;
}
const int maxn=500010;
struct Item
{
	LL x,y;
	int id;
	Item() {}
	Item(LL _1,LL _2,int _3):x(_1),y(_2),id(_3) {}
}A[maxn],D[maxn],B[maxn],C[maxn],sta[maxn];
int n,m,M,len,a,b,top;
LL ans[maxn]; 
bool cmp1(Item a,Item b)
{
	return (double)(a.x)/(double)(a.y)>(double)(b.x)/(double)(b.y); 
}
bool cmp2(Item a,Item b)
{
	return b.x==a.x ? a.y<b.y : a.x<b.x;
}
double K(Item i,Item j){return (double)(i.y-j.y)/(double)(j.x-i.x);}//保证i<j xi<xj yi>yj
int main()
{
	n=read();
	for(int i=1;i<=n;i++)a=read(),b=read(),A[i]=Item(a,b,i); 
	sort(A+1,A+n+1,cmp1);
	m=read();
	for(int i=1;i<=m;i++)a=read(),b=read(),B[i]=Item(a,b,i); 
	sort(B+1,B+m+1,cmp2);
	for(int i=1;i<=m;)
	{
		C[++M]=B[i];
		while(i<=m && B[i].y>=C[M].y)i++;
	}
	if(M==1)
	{
		for(int i=1;i<=n;i++)ans[A[i].id]=A[i].x*C[1].x+A[i].y*C[1].y;
	}
	else
	{
		sta[++top]=C[1];
		sta[++top]=C[2];
		for(int i=3;i<=M;i++)
		{
			while(top>1 && K(sta[top-1],sta[top])<K(sta[top-1],C[i]))top--;
			sta[++top]=C[i];
		}
		int now=1;
		for(int i=1;i<=n;i++)
		{
			while(now<top && (double)(A[i].x)/(double)(A[i].y)<K(sta[now],sta[now+1]))now++;
			ans[A[i].id]=A[i].x*sta[now].x+A[i].y*sta[now].y;
		}
	}
	for(int i=1;i<n;i++)printf("%lld ",ans[i]); 
	printf("%lld\n",ans[n]);
	return 0;
}

I.Archaeological Research

题意

构造一个长度为$n$的数字序列(从数字1开始)，使得满足一定的条件下字典序最小。

条件：对于每个位置$i$，给定之后的一些位置$p_j$，该位置$p_j$上的数字是$i$位置之后第一次出现

题解

要字典序最小，当然是使用当前能使用最小的数字

每次走到一个位置，如果这个位置没有被之前任意一个位置限制，那么就放$1$

否则，只需要查找最早限制的位置到这个位置之间最小的没被用过的数字

这个可以用可持久化线段树维护

建立一个权值线段树，记录每个权值最后出现的位置，维护区间最小值，对于区间$[l,r]$，只需要在$r$位置线段树中通过左右区间最小值判断区间内是否有合法权值，然后尽量往左走即可。

代码

代码 

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<map>
#include<set>
#define LL long long int
#define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++)
#define Redge(u) for (int k = h[u],to; k; k = ed[k].nxt)
#define cls(s,v) memset(s,v,sizeof(s))
#define mp(a,b) make_pair<int,int>(a,b)
#define cp pair<int,int>
using namespace std;
const int maxn = 300005,maxm = 10000005,INF = 0x3f3f3f3f;
inline int read(){
	int out = 0,flag = 1; char c = getchar();
	while (c < 48 || c > 57){if (c == '-') flag = 0; c = getchar();}
	while (c >= 48 && c <= 57){out = (out << 1) + (out << 3) + c - 48; c = getchar();}
	return flag ? out : -out;
}
int n,pre[maxn],ans[maxn];
int mn[maxm],ls[maxm],rs[maxm],rt[maxn],cnt,L,R;
void modify(int& u,int v,int l,int r,int V){
	if (!u) {u = ++cnt; ls[u] = ls[v]; rs[u] = rs[v]; mn[u] = mn[v];}
	if (l == r) {mn[u] = V; return;}
	int mid = (l + r) >> 1;
	if (mid >= L) modify(ls[u],ls[v],l,mid,V);
	else modify(rs[u],rs[v],mid + 1,r,V);
	mn[u] = min(mn[ls[u]],mn[rs[u]]);
}
int query(int u,int l,int r){
	if (l == r) return l;
	int mid = (l + r) >> 1;
	if (mn[ls[u]] < L) return query(ls[u],l,mid);
	return query(rs[u],mid + 1,r);
}
int main(){
	n = read();
	for (int i = 1; i <= n; i++){
		if (!pre[i] || pre[i] == i - 1) ans[i] = 1;
		else {L = pre[i] + 1; ans[i] = query(rt[i - 1],1,n);}
		L = ans[i];
		modify(rt[i],rt[i - 1],1,n,i);
		int m = read(),u;
		for (int j = 1; j <= m; j++){
			u = read();
			if (!pre[u]) pre[u] = i;
		}
	}
	printf("%d",ans[1]);
	for (int i = 2; i <= n; i++) printf(" %d",ans[i]); puts("");
	return 0;
}

J.Sockets

题意

有$n$个插排$m$个设备和一个插口，每个插排有各自的插口个数$a_i$，每个设备有各自的性能$b_j$，$b_j$表示该设备正常运行最多能经过的插排个数，求最多能使多少设备正常运行

题解

容易发现，插排一定是越大越要先用，设备一定是$b_j$越大越先用

那么就二分使用的设备个数，贪心地分层插入插排。如果当前层有必须使用的设备，就使用之，否则尽量插插排。最后看能否合法插入完。

代码

代码 

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<map>
#include<set>
#define LL long long int
#define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++)
#define Redge(u) for (int k = h[u],to; k; k = ed[k].nxt)
#define cls(s,v) memset(s,v,sizeof(s))
#define mp(a,b) make_pair<int,int>(a,b)
#define cp pair<int,int>
using namespace std;
const int maxn = 200005,maxm = 100005,INF = 0x3f3f3f3f;
inline int read(){
	int out = 0,flag = 1; char c = getchar();
	while (c < 48 || c > 57){if (c == '-') flag = 0; c = getchar();}
	while (c >= 48 && c <= 57){out = (out << 1) + (out << 3) + c - 48; c = getchar();}
	return flag ? out : -out;
}
int n,m;
int A[maxn],B[maxn];
bool cmp(int a,int b){return a > b;}
bool check(int M){
	//cout << M << endl;
	LL left = 1; int pos = 1,dep = 0;
	while (true){
		while (M && left && B[M] == dep) M--,left--;
		if (!left && M) return false;
		LL tmp = 0;
		while (pos <= n && left) left--,tmp += A[pos++];
		while (M && left) M--,left--;
		if (!M) return true;
		left += tmp;
		dep++;
		if (pos > n) break;
	}
	while (M && left && B[M] >= dep) left--,M--;
	return M == 0;
}
int main(){
	n = read(); m = read();
	REP(i,n) A[i] = read();
	REP(j,m) B[j] = read();
	sort(A + 1,A + 1 + n,cmp);
	sort(B + 1,B + 1 + m,cmp);
	int l = 1,r = m,mid;
	while (l < r){
		mid = (l + r + 1) >> 1;
		if (check(mid)) l = mid;
		else r = mid - 1;
	}
	printf("%d\n",l);
	return 0;
}

K.Toll Roads

题意

填坑

题解

填坑

代码

代码 

 

训练实况

开局hxm看A，wxg看G，wxg开写G

fyh和hxm讨论A无果，fyh继续想A，hxm想J

12:38 wxg过G

hxm和wxg讨论出J做法

13:07hxm过J

fyh wxg想H，fyh开写H，中间目测调题，wxg尝试乱搞A

14:28 fyh过H，hxm想I，想出做法

hxm用错数据结构，和wxg讨论后修改

wxg wa A 放弃A

16:06 hxm过I，wxg想出F，fyh尝试D

16:40 wxg过F

训练总结

fyh:本次比赛我们队的罚时得到了很大的进步，大部分题都能1A,我在推H的时候不等号忘记变号，导致输不对答案，肉眼调了一小会，耽误了一点点时间，算是一个易错点。
hxm:
wxg:G题写的有点慢，A的乱搞没有搞过去。

2020-2021/teams/die_java/front_page_summertrain5.txt · 最后更改: 2020/07/24 23:50 由 wxg

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